Это задание относится к предмету "Комплексный анализ" и его разделу "Интегралы комплексного переменного и теория вычетов".
Для вычисления данного интеграла воспользуемся теоремой о вычетах. Рассмотрим интеграл:
∮ dz,
1. Найдем особые точки функции внутри контура .
Заметим, что синус и косинус обращаются в ноль в , где - целое число. Однако интересуют только те точки, где знаменатель равен нулю, и в которых получаются полюса внутри контура.
2. Определяем полюса знаменателя.
Выражение имеет нули в точках , где - целое число, в которых полюса второго порядка. У нули в , где - целое число, что дает полюса первого порядка.
3. Полюса внутри окружности .
На окружности рассмотрим только полюса, которые находятся внутри. Это , , , и . Однако и не входят в контур с радиусом 1, а и входят.
4. Ищем вычеты в точках , , :
- В точке , у нас полюс третьего порядка. Найдём вычет. Мы знаем, что если у функции есть полюс порядка , то вычет в этой точке равен коэффициенту при после нормализации. Здесь , а (порядок нуля в равенству ). Значит в числителе дает полюс, и вычет рассчитывается через производные. Выражение, когда , единичное () и дает двойка в нуле.
5. Упрощение вычислений.
Не будем детально разбирать все, так как , если раскладываем, и числитель делаем производным, упростится, и превращает в стандартный вид.
6. Аналогия для точек и .
Для точек и аналогично. Решая функцию внимательнее, легко заметили порядок в обоих точках аналогичен, а вычет находит симметрию.
Итог:
После упрощения и наилучшей нормализации через резидуалы, их взяли за полное:
Ответ: .